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2013
12-03

HDU 1175 连连看-DFS-[解题报告] C++

连连看

问题描述 :

“连连看”相信很多人都玩过。没玩过也没关系,下面我给大家介绍一下游戏规则:在一个棋盘中,放了很多的棋子。如果某两个相同的棋子,可以通过一条线连起来(这条线不能经过其它棋子),而且线的转折次数不超过两次,那么这两个棋子就可以在棋盘上消去。不好意思,由于我以前没有玩过连连看,咨询了同学的意见,连线不能从外面绕过去的,但事实上这是错的。现在已经酿成大祸,就只能将错就错了,连线不能从外围绕过。
玩家鼠标先后点击两块棋子,试图将他们消去,然后游戏的后台判断这两个方格能不能消去。现在你的任务就是写这个后台程序。

输入:

输入数据有多组。每组数据的第一行有两个正整数n,m(0<n<=1000,0<m<1000),分别表示棋盘的行数与列数。在接下来的n行中,每行有m个非负整数描述棋盘的方格分布。0表示这个位置没有棋子,正整数表示棋子的类型。接下来的一行是一个正整数q(0<q<50),表示下面有q次询问。在接下来的q行里,每行有四个正整数x1,y1,x2,y2,表示询问第x1行y1列的棋子与第x2行y2列的棋子能不能消去。n=0,m=0时,输入结束。
注意:询问之间无先后关系,都是针对当前状态的!

输出:

每一组输入数据对应一行输出。如果能消去则输出"YES",不能则输出"NO"。

样例输入:

3 4
1 2 3 4
0 0 0 0
4 3 2 1
4
1 1 3 4
1 1 2 4
1 1 3 3
2 1 2 4
3 4
0 1 4 3
0 2 4 1
0 0 0 0
2
1 1 2 4
1 3 2 3
0 0

样例输出:

YES
NO
NO
NO
NO
YES

题目:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1175

简单DFS….直接计算能到当前这个点的最小转折次数就可以了、

下面是AC代码:

#include<iostream>
#include<queue>
using namespace std;
int map[1010][1010];
int cnt_map[1010][1010];
int dir[4][2]={{1,0},{0,1},{-1,0},{0,-1}};
int s_x,s_y;
int e_x,e_y;
int flag,n,m;
struct node{
    int cnt;
    int x,y;
    int pre_dir;
}s_pos;
bool cheak(int x,int y){

    if(x>=1&&x<=n&&y>=1&&y<=m&&(map[x][y]==0||x==e_x&&y==e_y))
        return true;
    return false;
}

void dfs(int x,int y,int cnt,int pre_dir){
    if(flag||cnt>3) return ;
    if(x==e_x&&y==e_y){
        flag=1;
        return ;
    }

    for(int i=0;i<4;i++){

        int n_x,n_y;
         n_x=x+dir[i][0];
         n_y=y+dir[i][1];

    
        if(cheak(n_x,n_y)&&cnt+1<=cnt_map[n_x][n_y]){

        

            if(pre_dir==i&&cnt<=3&&cnt<cnt_map[n_x][n_y]) {
                cnt_map[n_x][n_y]=cnt;
                dfs(n_x,n_y,cnt,pre_dir);
            }

            if((pre_dir!=i||pre_dir==-1)&&cnt<=3) {
            
                cnt_map[n_x][n_y]=cnt+1;

                dfs(n_x,n_y,cnt+1,i);
            }
        
        


        }
    }


}
int main(){

    int i,j,q;

    while(cin>>n>>m,n+m){
        for(i=1;i<=n;i++) for(j=1;j<=m;j++)
            scanf("%d",&map[i][j]);

        scanf("%d",&q);

        while(q--){

        //    memset(visited,0,sizeof(visited));

            for(i=1;i<=n;i++)
                for(j=1;j<=m;j++)
                    cnt_map[i][j]=100000;

            scanf("%d%d%d%d",&s_x,&s_y,&e_x,&e_y);

        //    cout<<cnt_map[1][1]<<endl;
            if(map[s_x][s_y]!=map[e_x][e_y]||map[s_x][s_y]==0||map[e_x][e_y]==0){
                puts("NO");
            }
            else{
                
                flag=0;
            //    visited[s_x][s_y]=1;
                dfs(s_x,s_y,0,-1);
                if(flag) puts("YES");
                else     puts("NO");

            }
        }


    }

    return 0;
}


,
  1. 第二个方法挺不错。NewHead代表新的头节点,通过递归找到最后一个节点之后,就把这个节点赋给NewHead,然后一直返回返回,中途这个值是没有变化的,一边返回一边把相应的指针方向颠倒,最后结束时返回新的头节点到主函数。